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php数据库抛出异常 php抛出异常后是否会继续执行

IT技术代码

PHP读数据库异常$result = mysql_query ("SELECT * FROM tab_dd where 0 or tab_dd_type = '$_POST['type']'",$connection) or die("Invalid query: " . mysql_error());
改为
$result = mysql_query ("SELECT * FROM tab_dd where 0 or tab_dd_type = '$_POST[type]'",$connection) or die("Invalid query: " . mysql_error());
php5.1手动抛出异常报错问题，如何解决？在方法名上加上注释
/**
* @throws Exception
*/
这个报错只是编辑器提示的 。提示你这里有一个异常没捕获 。要么就继续抛出（在方法名上说明），要么就要捕获处理 。
如何对mysql抛出异常（php）直接使用try...catch....结构 。比如：
try
{
DB::query("SELECT count(*) FROM pre_111 WHERE fid = $fid";
}
catch（exception $ex）
{
echo($ex-getMessage());
}
php 抛出一个异常throw new Exception(...)，报错Class 'ss\Exception' not found为什么？当前代码状态被保存
代码执行被切换到预定义的异常处理器函数
根据情况，处理器也许会从保存的代码状态重新开始执行代码，终止脚本执行，或从代码中另外的位置继续执行脚本
我们将展示不同的错误处理方法：
异常的基本使用
创建自定义的异常处理器
多个异常
重新抛出异常
设置顶层异常处理器
异常的基本使用
当异常被抛出时，其后的代码不会继续执行，PHP 会尝试查找匹配的 “catch” 代码块 。
如果异常没有被捕获，而且又没用使用
set_exception_handler() 作相应的处理的话 ， 那么将发生一个严重的错误（致命错误），并且输出 “Uncaught Exception”
（未捕获异常）的错误消息 。
php访问数据库出错：Warning: mysql_fetch_array() expects parameter 1 to be resource, boolean given iphp访问数据库出错：Warning: mysql_fetch_array()，是参数设置错误造成的，解决方法如下：
1、首先打开电脑后，同时按住电脑键盘的【开始键】和【R键】，打开电脑的程序运行弹窗 。
2、在电脑左下角弹出的程序运行弹窗中 ， 输入字母【cmd】，然后点击【确定】按钮 。
3、在弹出的运行界面中，输入【mysql -u root -p】，此时会出现属于密码的命令行，在后面输入自己数据库的密码即可 。
4、数据库连接成功后，输入【show global variables like 'port';】，注意不要忘记输入最后的分号 。
5、在展现出来的Mysql信息中，可以看到port的值，这个值就是本地数据库的端口号 。，一般都是3306 。
6、知道本地数据库端口号后 ， 回到php代码的数据库配置中将端口号改成正确的端口号即可，这样就不会报数据库端口异常的错误了 。
php 求助 为什么不会输出 数据库连接失败？dbconfig的第8行不是会运行吗？只有PDO真正发生错误php数据库抛出异常，才会抛出异常，也就是说只有这时候dbconfigphp数据库抛出异常的第8行才会运行 。而不是说不管三七二十一dbconfigphp数据库抛出异常的第8行都会运行！
所以如果整个查询过程都顺利完成，就不会输出“数据库连接失败”的字样 。
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